2021年北京市房山区中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分） 1. 在国际单位制中，力的单位是( )
A. 帕斯卡 B. 牛顿 C. 焦耳 D. 瓦特
2. 如图所示的是我国正在运行的一些发电设施，其中利用不可再生能源发电的是( ) ．．．．．．
A.
水电站
B.
风电站
C.
燃气电站
D.
太阳能电站
3. 下列说法中正确的是( )
A. 汽车轮胎上制有花纹，是为了减小摩擦
B. 汽车轮胎做得比较宽，可以增大汽车对路面的压强 C. 驾驶员开车时要系好安全带，可以减小惯性 D. 汽车超载超速行驶，机械能会增大，危害较大
4. 关于声现象，下列说法中正确的是( )
A. 正在发声的编钟一定在振动
B. 公路旁安装隔音墙是为了在声源处减弱噪声 C. “闻其声知其人”是根据声音的响度来判断的
D. 用大小不同的力先后敲击同一鼓面，鼓面发声的音调会不同
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5. 如图所示的四个实例中，用热传递的方式来改变物体内能的是( )
A.
迅速下压活塞，管内气体的温度升高
B.
酒精灯加热试管中的水，水的温度升高
C.
来回快速拉动皮条，金属管的温度升高
D.
锯木板时，钢锯条温度升高
6. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，
将滑动变阻器的滑片向左滑动，则下列说法中正确的是( )
A. 小灯泡变亮 B. 电压表的示数变大 C. 电流表的示数变小
D. 电压表示数与电流表示数的比值变大
7. 依据表格中的数据判断，下列说法正确的是( )
物质 密度/(𝑘𝑔⋅𝑚−3) 水 铝 冰 1.0×103 2.7×103 0.9×103 A. 铝块被去掉一半，剩余铝的密度变小 B. 一定质量的水结成冰后体积变小
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C. 水的密度表示1𝑚3水的质量是1.0×103 kg D. 质量相等的冰和铝，铝的体积是冰的3倍
8. 通常情况下，将一段粗细均匀的镍铬合金丝和一段粗细均匀的铜丝接入同一电路中，
下列说法中正确的是( )
A. 镍铬合金丝的电阻较大，其两端的电压也较大 B. 铜丝的电阻较小，通过铜丝的电流较大
C. 电路断开后，镍铬合金丝的电阻和铜丝的电阻都变为零 D. 无法比较两段金属丝电阻的大小
9. 下列说法中正确的是( )
A. 漫反射不遵守反射定律
B. 太阳光通过三棱镜可以分解为不同的色光 C. 凸透镜只对平行光有会聚作用 D. 远视眼镜的镜片是凹透镜
10. 人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，离地球最近
的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，如图所示。卫星在大气层外运行，不受空气阻力，只有动能和势能的相互转化。关于运行的卫星，下列说法中正确的是( )
A. 卫星绕地球运行的过程中，不受力的作用 B. 卫星从近地点向远地点运动的过程中，动能增加 C. 卫星从远地点向近地点运动的过程中，势能转化为动能 D. 卫星在远地点和近地点的机械能不相等
11. 下列说法中正确的是( )
A. 排球离开手后竖直上升的过程中，受到的力的方向竖直向下 B. 投出去的实心球在空中运动过程中，运动状态不变
C. 木箱静止在地面上，地面对木箱的作用力与木箱所受的重力大小相等
D. 沿水平方向拉着物体在水平面上运动，物体受到的摩擦力与拉力是一对平衡力
12. 将圆柱体竖直挂在弹簧测力计下，从空气中缓慢下降，逐渐浸入水中，(水面始终
保持不变)。整个过程中弹簧测力计的示数F随圆柱体下降的高度h的变化关系如
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图所示。已知水的密度𝜌水=1.0×10𝑘𝑔/𝑚，g取10𝑁/𝑘𝑔，则下列判断中正确的
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是( )
A. 圆柱体受到的最大浮力为4.5𝑁 B. 圆柱体的体积是150𝑐𝑚3
C. 圆柱体下表面受到水的最大压强为1500Pa D. 圆柱体的密度为1.5×103𝑘𝑔/𝑚3
二、多选题（本大题共3小题，共6.0分） 13. 下列说法中正确的是( )
A. 炎热的夏天，雪糕周围出现的“白气”是雪糕冒出的水蒸气液化形成的 B. 用干手器吹出的热风吹刚洗过的手，可以加快手上水的蒸发 C. 水和食用油升高相同的温度，食用油吸收的热量较多
D. 打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地运动
14. 电风扇、电视机和电烙铁上都标有“220V60W”的字样，它们都正常工作相同的时
间，下列说法中正确的是( )
A. 电风扇将电能主要转化成机械能 C. 电烙铁消耗的电能最多
B. 电流通过电视机做功最快 D. 三个电器两端的电压相等
15. 如图所示，容器静止放在水平桌面上，容器中液体对容器
底部的压强和压力分别为𝑝1和𝐹1。将物体N放入液体中，静止时物体N漂浮且有一半体积露出液面，此时液面高度
变化量为△ℎ，液体对容器底部的压强和压力分别为𝑝2和𝐹2。已知容器的底面积为S，液体的密度为𝜌，物体N的质量为m，则下列选项中正确的是( )
A. 物体N的密度为0.5𝜌 C. 𝑝2−𝑝1=𝜌𝑔△ℎ
B. 物体N受到的浮力大小为𝜌𝑔𝑆△ℎ D. 𝐹2−𝐹1=𝑚𝑔
三、实验探究题（本大题共9小题，共28.0分）
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16. (1)如图1所示，电能表的示数为______ 𝑘𝑊⋅ℎ。
(2)如图2所示，体温计的示数为______ ℃。
(3)如图所示，OB是以O点为支点的杠杆，F是作用在杠杆B端的力。图中线段AB与力F的作用线在一条直线上，𝐴𝐶⊥𝑂𝐵。且𝑂𝐴⊥𝐴𝐵、线段______ (选填“OA”或“AC”)表示力F的力臂。
17. 小光同学利用如图甲所示的装置及两支相同的蜡烛等器材探究平面镜成像的特点，
其中透明薄玻璃板与水平纸面垂直。
(1)将蜡烛放置在玻璃前某位置，蜡烛所成像的高度______ (选填“小于”、“等于”或“大于”)蜡烛的高度。
(2)把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛的像，说明平面镜所成的像是______ 像。
(3)图乙是蜡烛到玻璃板的距离L，由此推断，蜡烛的像到蜡烛的距离为______ cm。 18. 图甲是在实验室里研究“水的沸腾特点”的实验装置。当水温为89℃时，每隔一分
钟记录一次水的温度，水沸腾后持续加热一段时间。利用记录的数据绘制出水的温度随时间变化的关系图线，如图乙所示。
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大气压为1.01×105𝑃𝑎时，几种液体的凝固点和沸点(℃) 液体 水 酒精 水银 凝固点 0 −117 −38.8 沸点 100 78.5 357 (1)实验装置存在一个错误，这个错误是______ ；
(2)由图像可以推断出，如果在其它条件不变，从9分钟开始继续对水加热1分钟，则水的温度是______ ℃；
(3)结合表格中的数据可知，水沸腾时实验室的大气压______ 1.01×105𝑃𝑎(选填“高于”、“低于”或“等于”)；该实验中选用的温度计中装的液体是______ (选填“酒精”或“水银”)。
19. 某同学研究小车的运动情况，其路程s随时间t变化的图像如图所示，依据图像回
答下列问题：
(1)小车在0～10𝑠的过程中，做匀速直线运动的时间是______ s。
(2)小车在0～4𝑠内的平均速度是𝑣1，在6～10𝑠内的速度是𝑣2，则𝑣1 ______ 𝑣2。
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20. 小芳为了验证“阿基米德原理”，做了如图所示的实验。已知g取10𝑁/𝑘𝑔，水的
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密度𝜌水=1.0×10𝑘𝑔/𝑚，请回答问题：
(1)比较图甲和图丙弹簧测力计的示数可知：水对物块产生的浮力为______ N。 (2)比较图乙和图丙量筒的示数可知：物块排开的水重为______ N。
(3)从这个实验可知，物块在水中受到的浮力______ 物块排开水受到的重力(填：“大于”、“小于”或“等于”)。
(4)由图甲、乙、丙可得出：物块的密度为______ 𝑘𝑔/𝑚3。
21. 小聪利用如图所示的装置进行了如下操作：①闭合开关，使金属棒AB水平向右运
动，观察并记录灵敏电流计指针偏转的方向；②调换蹄形磁铁的N、S极后，仍然使金属棒AB水平向右运动，观察并记录灵敏电流计指针偏转的方向；③比较发现：灵敏电流计指针偏转方向不同。 (1)小聪探究的问题是：______ 。
(2)小聪在实验中又发现灵敏电流计指针偏转的角度不同。请你猜想灵敏电流计指针偏转角度不同的原因：______ 。 (3)利用该实验装置还可以探究：______ 。
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22. 如图所示，做“测量额定电压为2.5𝑉小灯泡的电功率”实验，所用器材均符合实验
要求，请完成下列问题：
(1)用笔画线代替导线，将图甲的实物电路连接完整。
(2)依据实验数据，绘制成了电流随电压变化的图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W；
(3)由图像可推断：通过小灯泡的电流与其两端电压不成正比的原因是：______ 。 小刚发现：电熨斗通电一段时间后，熨斗面温度很高，23. 在研究电流热效应的实验中，
而连接电熨斗的导线却不怎么热。请分析产生这种现象的原因：______ 。(请写出分析依据和分析过程)
24. 实验桌上有已调好的电压表、电流表各一块，符合实验要求的电源、滑动变阻器、
开关各一个，三个阻值已知且不同的定值电阻𝑅1、𝑅2、𝑅3和导线若干。小明利用上述实验器材，设计实验证明：“当通过电阻的电流保持不变时，电阻的阻值越大电阻消耗的电功率越大”，实验电路如图所示。 请补充完成主要实验步骤，画出数据记录表格： (1)实验步骤
①按电路图连接各元件，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片至适当位置，将电压表示数U、电流表示数I和电阻𝑅1的值记录在表格中；
②断开开关S，______ ，闭合开关S，______ ，将相关数据记录在表格中； ③仿照步骤②再做一次实验；
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④利用公式𝑃= ______ 分别计算出电阻消耗的功率，并把数据记录在表格中。 (2)画出数据记录表格。
四、计算题（本大题共2小题，共8.0分）
25. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻丝𝑅1的
阻值为10𝛺。当开关S闭合后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.4𝐴。
求：(1)通电10s电阻丝𝑅1产生的热量； (2)𝑅2的阻值； (3)电路消耗的总功率。
滑轮组悬挂在水平钢架上，某工人站在水平地面上，26. 如图所示，
竖直向下拉动绳子自由端，5s内使物体A匀速上升1m，提升过程中拉力F的功率为160W，已知物体A重720N，该工人重700N，绳子能够承受的最大拉力为500N，不计绳重和摩擦，求：
(1)绳子自由端的速度； (2)动滑轮重；
(3)该工人对地面的压力；
(4)工人利用该滑轮组提升重物的最大机械效率。
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五、综合题（本大题共1小题，共4.0分）
27. 请阅读《北斗卫星导航系统》并回答问题。
北斗卫星导航系统
2020年6月23日，北斗三号最后一颗全球组网卫星从西昌卫星发射中心发射升空。北斗卫星导航系统是我国自主建设、独立运行的卫星导航系统，可为全球用户提供全天候、全天时、高精度的定位、导航和授时服务，如图所示。
卫星定位系统的原理并不复杂。卫星在向接收端发送自己位置信息时，会附上信息发出的时间，终端接收到信息后，用当前时间减去发送时间，得到信息传播的时间。用信息传播时间乘信息传播的速度(光速)，我们就能得出终端与卫星的距离。北斗导航系统采用三种轨道搭配，这样带来一定好处：接收机收到至少4颗卫星信号，就可以准确定位。
在卫星定位系统中最核心的部分就是要准确测量卫星信号的传播时间。任何一点细微的时间误差乘上光速，得到的距离误差都会被放大很多倍。为了减小时间误差，原子钟是目前最精确的时间测量工具。它以原子释放能量时发出电磁波的振荡周期为基准，由于电磁波的振荡周期很稳定，使得原子钟的计时精准度可达每百万年才差1秒。因此我国自主研制的北斗导航系统中，原子钟堪称“导航卫星的心脏”，使我国在导航精准度方面达到厘米级，处于全球领先水准。随着北斗系统建设和服务能力的发展，相关产品已广泛应用于各个领域，逐步渗透到人类社会生产、生活的方方面面。
请根据上述材料，回答下列问题：
(1)如果卫星信号传播的时间误差是1.0×10−6𝑠，(电磁波的传播速度取3.0×108𝑚/𝑠)那么将导致的距离误差是______ m。
(2)北斗卫星导航系统确定一个位置，至少需要接收______ 颗卫星的信号。
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(3)原子钟的原理是______ 。
(4)谈谈北斗卫星导航系统在生活中的实际应用。
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答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：在物理学中，
A、帕斯卡是压强的基本单位。故A不符合题意； B、牛顿是力的基本单位。故B符合题意；
C、焦耳是功和各种能量的基本单位。故C不符合题意； D、瓦特是功率的基本单位。故D不符合题意。 故选：B。
根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。
2.【答案】C
【解析】解：天然气是化石能源，在自然界中的储量有限，会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；
太阳能、风能、水能可以源源不断的得到，是可再生能源； 所以利用不可再生能源发电的是燃气电站，故C符合题意。 故选：C。
能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
本题主要考查学生对：可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握，要理解。
3.【答案】D
【解析】解：A、汽车轮胎上制有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B、汽车轮胎做得比较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小汽车对路面的压强，故B错误；
C、惯性大小只跟物体的质量大小有关，驾驶员开车时要系好安全带，没有减小质量，所以不可以减小惯性，故C错误；
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D、汽车超载超速行驶，质量变大，速度变大，汽车的动能增大，但高度没变，重力势能不变，故机械能增大，所以危害较大，故D正确。 故选：D。
(1)增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；减小摩擦的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动；
(2)增大压强的方法：减小受力面积，增大压力；减小压强的方法：增大受力面积，减小压力；
(3)惯性是物体保持原来的运动状态不变的性质，其大小只与质量有关；
(4)动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；物体的机械能等于动能加势能。
本题考查了增大摩擦、减小压强的方法，同时考查惯性、机械能等知识，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
4.【答案】A
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，正在发声的编钟一定在振动，故A正确； B、公路旁安装隔音墙，属于在传播过程中减弱噪声，故B错误；
C、“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断不同的发声体，故C错误； D、用大小不同的力先后敲击同一鼓面，鼓面发声的响度不同，故D错误。 故选：A。
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)防止噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
(3)音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
本题考查了音色、防治噪声的途径以及声音的特性等知识，属于声学基础知识的考查。
5.【答案】B
【解析】解：
A、迅速下压活塞时，活塞压缩筒内气体做功，机械能转化为内能，使筒内气体温度升高，属于通过做功改变物体的内能，故A不符合题意；
B、用酒精灯给水加热，水从酒精灯火焰吸收热量，属于通过热传递改变物体的内能，
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故B符合题意；
C、来回快速拉动皮条，克服摩擦做功，金属管温度升高，属于通过做功改变物体的内能，故C不符合题意；
D、锯木板时，克服摩擦做功，钢锯条温度升高，属于通过做功改变物体的内能，故D不符合题意。 故选：B。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分。
本题主要考查学生对：改变物体内能两种方法的理解和掌握，是中考的热点。
6.【答案】A
【解析】解：由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故C错误； 通过灯泡的电流变大，灯泡的实际功率变大，则灯泡变亮，故A正确；
变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，其两端的电压变小，即电压表示数变小，故B错误；
根据𝑅=𝐼可知，电压表示数与电流表示数的比值为变阻器接入电路的电阻，因变阻器的电阻变小，所以该比值变小，故D错误。 故选：A。
由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；根据滑片的移动方向判定电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化，由灯泡实际功率的变化得出灯泡亮度的变化；根据串联电路的分压规律判定电压表示数的变化；根据𝑅=𝐼分析电压表示数与电流表示数的比值的变化。 本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
𝑈
𝑈
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7.【答案】C
【解析】解：𝐴.密度是物质的一种特性，同种物质密度是一定的，与物体的质量和体积都无关。故铝块被去掉一半，剩余铝的密度不变，故A错误；
B.由表中数据可知，水结冰后，质量不变，由公式𝜌=𝑉可知，密度变小，其体积增大，故B错误；
C.水的密度是1.0×103𝑘𝑔/𝑚3，表示体积为1𝑚3水的质量为1.0×103𝑘𝑔，故C正确；
𝑚
D.由表中数据可知，𝜌铝=3𝜌冰，由公式𝜌=𝑉可知，当𝑚冰=𝑚铝，𝑉冰=3𝑉铝，故D错
𝑚
误。 故选：C。
(1)单位体积某种物质的质量叫做这种物质的密度。密度是物质的一种特性，同种物质密度一定，质量与体积成正比，也就是说物质的密度与物体的质量和体积无关； (2)水结冰后，质量不变，密度变小，利用𝜌=𝑉可得体积变化；
(3)当冰和铝的质量相等时，由𝜌=𝑉可知，体积与密度成反比，根据冰和铝的密度关系可求出体积关系。
本题考查了密度及其特性、密度公式的应用，密度知识历来是考试的一个重点内容，很多知识都涉及到密度知识，所以掌握密度知识非常关键。
𝑚
𝑚
8.【答案】D
【解析】解：A、导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积、温度都有关，在不知道导体的长度、横截面积、温度的情况下，不能仅凭材料判断哪一种导体的电阻大，故A错误；
B、同A不能仅凭材料判断哪一种导体的电阻小，串联电路中，电流大小处处相等，可知通过铜导线的电流大小等于通过镍铬合金导线的电流大小，故B错误；
C、导体的电阻是导体自身的特性，只与导体的材料、长度、横截面积、温度等有关，与导体两端电压和通过导体的电流无关，电路断开后，镍铬合金丝的电阻和铜丝的电阻都不变，故C错误；
D、由A选项分析可知，无法比较两段金属丝电阻的大小，故D正确。 故选：D。
(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积、温度都有关，所以在比较两根导线电
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阻大小关系时，一定要在其他三个因素都相同的情况下，通过比较其中的某一个因素，才能比较出两根电阻的大小关系，否则是很难比较出来的；
(2)电阻是导体本身的一种属性，其大小与导体两端的电压、通过的电流大小无关。 此题主要考查影响电阻大小的因素，是一道基础题；解答此题的关键是我们要知道导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积、温度都有关，电阻的大小和电压和电流无关。
9.【答案】B
【解析】解：A、漫反射也遵循光的反射定律，故A错误。
B、当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象，故B正确；
C、凸透镜对光线有会聚作用，不单指对平行光，故C错误。 D、远视眼需戴凸透镜矫正，近视眼需要戴凹透镜矫正，故D错误。 故选：B。
(1)漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律；
(2)一束太阳光可以通过三棱镜分解为不同的色光，这是光的色散现象； (3)凸透镜对所有光线都有会聚作用；
(4)凹透镜对光线具有发散左右，可以矫正近视眼。
此题涉及到凹透镜和凸透镜对光线的作用、漫反射、光的色散等多个知识点，是一道光学综合题。
10.【答案】C
【解析】解：
A、人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，运动状态不断改变，受非平衡力作用，故A错误；
B、卫星从近地点向远地点运动时，质量不变，高度增大，重力势能增大，增大的重力势能是由其动能转化而来的，所动能减小，故B错误；
CD、由于不受空气阻力，所以卫星在运行过程中只有动能和势能的转化，其机械能是守恒的，卫星在远地点和近地点的机械能相等；卫星从远地点向近地点运动时，质量不变，高度减小，重力势能减小，而机械能守恒，所以减小的势能转化动能，故C正确，D错误。
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故选：C。
(1)卫星绕地球做匀速圆周运动，运动状态不断改变，受非平衡力作用；
(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大； (3)判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的； (4)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
此题考查动能和势能的大小变化，卫星因其在大气层外运行，没有了空气的阻力，故其机械能在相互转化的过程中可以保持守恒。
11.【答案】A
【解析】解：
A、排球离开手后竖直上升的过程中，受到竖直向下的重力和摩擦力，故A正确； B、投出去的实心球在空中运动过程中，运动状态不断发生变化，故B错误； C、木箱只有静止在水平地面上，对地面的压力才等于木箱的重力，故C错误； D、沿水平方向拉着物体在水平面上匀速直线运动时，物体受到的摩擦力与拉力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D错误。 故选：A。
①物体竖直上升的过程中受到向下的重力和摩擦力； ②运动状态包括运动方向和运动状态；
③只有放在水平面上的物体，对水平面的压力才等于其重力； ④物体匀速运动时受平衡力的作用。
此题考查的是我们对运动与力的关系、压力与重力的关系的理解和应用，属于基本规律的考查，难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：A、由图像可知，物体下降5cm时，刚好接触水面，说明圆柱体受到的重力为𝐺=4.5𝑁，下降15cm时，刚好完全浸没，测力计的示数为1.5𝑁， 受到的最大浮力为：𝐹浮=𝐺−𝐹示=4.5𝑁−1.5𝑁=3𝑁，故A错误；
B、圆柱体浸没时，排开水的体积等于圆柱体的体积，由公式𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排可得：
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圆柱体的体积为：𝑉=𝑉排=𝜌错误；
𝐹浮
水
=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔=3×10−4𝑚3=300𝑐𝑚3，故B𝑔
3𝑁
C、由图像可知，圆柱体在水下的最大深度为：ℎ=22.5𝑐𝑚−5𝑐𝑚=17.5𝑐𝑚，由公式𝑝=𝜌液𝑔ℎ可得：
33
圆柱体受到水的最大压强为：𝑝=𝜌水𝑔ℎ=1.0×10𝑘𝑔/𝑚×10𝑁/𝑘𝑔×17.5×
10−2𝑚=1750𝑃𝑎，故C错误；
D、由公式𝐺=𝑚𝑔=𝜌𝑉𝑔可得圆柱体的密度为：𝜌=𝑉𝑔=3×10−4𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔=1.5×103𝑘𝑔/𝑚3，故D正确。 故选：D。
A、由图像可知，物体下降5cm时，刚好接触水面，说明圆柱体受到的重力为𝐺=4.5𝑁，下降15cm时，刚好完全浸没，测力计的示数为1.5𝑁， 受到的最大浮力可根据公式𝐹浮=𝐺−𝐹示求得；
B、圆柱体浸没时，排开水的体积等于圆柱体的体积，由公式𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排可求得圆柱体的体积；
C、由图像可知，圆柱体在水下的最大深度为17.5𝑐𝑚，由公式𝑝=𝜌液𝑔ℎ可得最大压强； D、由公式𝐺=𝑚𝑔=𝜌𝑉𝑔可求得圆柱体的密度。
本题考查浮力、压强，密度的综合计算，要求学生能图像获取信息解决问题，难度大。
𝐺
4.5𝑁
13.【答案】BD
【解析】解：𝐴.炎热的夏天，雪糕周围出现的“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B.用干手器吹出的热风吹刚洗过的手，因为热风的温度不但高，而去空气流动速度快，所以可以加快手上水的蒸发，故B正确；
C.影响物体吸收热量的因素有物体的质量、比热容以及升高的温度，只知道升高的温度，无法判断，故C错误；
D.打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地做无规则运动，故D正确。 故选：BD。
(1)物质由气态变成液态的现象叫做液化；
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(2)影响蒸发的因素：温度、表面积、空气流动速度等；
(3)物体吸收热量的多少与物体的质量、比热容以及升高的温度有关； (4)分子永不停息地做无规则运动。
本题主要考查了液化、影响蒸发快慢的因素、热量及分子的运动等，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
14.【答案】AD
【解析】解：A、电风扇工作时消耗电能，大部分转化为机械能，还有一部分转化为内能，故A正确；
B、因为各用电器的额定功率相同，正常工作时，实际功率也相同，电流做功快慢相同，故B错误；
C、由𝑊=𝑃𝑡可得，它们都在额定电压下工作相同时间，电流做的功一样多，消耗的电能也一样多，故C错误；
D、因为各用电器的额定电压相同，正常工作时，实际电压也相同，故D正确。 故选：AD。
(1)根据电风扇工作时的能量转化情况分析判断； (2)电功率是表示电流做功快慢的物理量； (3)根据𝑊=𝑃𝑡分析解答；
(4)根据各用电器额定电压的关系判断出三个电器两端电压的关系。
本题考查了用电器工作时的能量转化以及电功率、电功公式的应用，是一道基础题。
15.【答案】AC
𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排A、【解析】解：根据物体漂浮条件可知𝐹浮=𝐺物，由公式𝐺=𝑚𝑔=𝜌𝑉𝑔、可得：𝜌𝑁𝑉𝑁𝑔=𝜌𝑔×0.5𝑉𝑁，即𝜌𝑁=0.5𝜌，故A正确； B、由公式𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排可知，若容器形状规则，则△ℎ=下宽，则△ℎ>
𝑉排𝑆底
𝑉排𝑆底
，而如图所示的容器上窄
，即：𝑆𝛥ℎ>𝑉排，可见，𝐹浮=𝜌𝑔𝑉排<𝜌𝑔𝑆△ℎ，故B错误；
C、由液体压强公式𝑝=𝜌液𝑔ℎ可知，𝑝2−𝑝1=𝛥𝑝=𝜌𝑔△ℎ，故C正确；
𝐹
𝐹2−𝐹1=△𝐹=𝛥𝑝𝑆=(𝑝2−𝑝1)𝑆=𝜌𝑔𝑆△ℎ>𝐹浮=𝐺𝑁=D、由公式𝑝=𝑆可得𝐹=𝑝𝑆，
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𝑚𝑔，故D错误。 故选：AC。
A、根据物体漂浮条件可知𝐹浮=𝐺物，结合公式𝐺=𝑚𝑔=𝜌𝑉𝑔、𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排分析物体密度与液体密度的大小关系；
B、由公式𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排可知，若容器形状规则，则△ℎ=下宽，则△ℎ>
𝑉排𝑆底
𝑉排𝑆底
，而如图所示的容器上窄
，由此可知，𝜌𝑔𝑆△ℎ的值大于𝐹浮；
C、由液体压强公式𝑝=𝜌液𝑔ℎ可知，𝛥𝑝=𝑝2−𝑝1=𝜌𝑔△ℎ； D、由公式𝑝=𝑆可得𝐹=𝑝𝑆，△𝐹=𝐹2−𝐹1=(𝑝2−𝑝1)𝑆。
本题考查物体漂浮条件、阿基米德原理的应用，以及压强公式的应用，涉及字母运算，难度大。
𝐹
16.【答案】2021.7 36.5 OA
【解析】解：(1)由图1可知，电能表的示数是2021.7𝑘𝑊⋅ℎ。 (2)由图2可知，体温计的分度值为0.1℃，其示数为36.5℃；
(3)从支点到力的作用线的距离为力臂，由图可知，OA是从支点到力F作用线的距离，所以线段OA表示力F的力臂。
故答案为：(1)2021.7；(4)36.5；(3)𝑂𝐴。
(1)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为𝑘𝑊⋅ℎ； (2)根据体温计的分度值和液面的位置读出示数； (3)力臂是从支点到力的作用线的距离。
本题考查了电能表、体温计的读数以及对力臂概念的理解和应用，难度不大。
17.【答案】等于 虚 3.50
【解析】解：(1)将蜡烛放置在玻璃前某位置，根据物像大小相等，蜡烛所成像的高度等于蜡烛的高度；
(2)平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上，把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛的像；
(3)由图乙可知，刻度尺的分度值为1mm，起始端从零开始，要估读到分度值的下一位，
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因此该物体的长度为3.50𝑐𝑚。 故答案为：(1)等于；(2)虚；(3)3.50。
(1)根据平面镜成像的特点物像大小相等分析解答。平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称。 (2)虚像不能呈现在光屏上。
(3)使用刻度尺测量物体长度时，首先要明确刻度尺的分度值，并确定是否从零刻度线量起；读数时视线与刻线相垂直，测量结果要估读到分度值的下一位。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
18.【答案】温度计的液泡碰触了烧杯的底部 99 低于 水银
【解析】解：(1)读图可知，实验中温度计的玻璃泡与杯底接触了，这样会使测量的温度偏高；
(2)由乙图可知，加热9min时水已经沸腾，由于水在沸腾过程中吸热温度保持不变，所以继续对水加热1min，水的温度仍为99℃；
(3)由乙图可知，水沸腾过程中温度保持99℃不变，可知水的沸点为99℃，低于100℃，所以当时气压低于1.01×105𝑃𝑎；
水的沸点是99℃，超过了酒精的沸点，所以不能用酒精温度计，而水银的沸点高于99℃，所以应采用水银温度计；
故答案为：(1)温度计的液泡碰触了烧杯的底部；(2)99；(3)低于；水银。
(1)“探究水的沸腾”的实验中，温度计的使用是测量准确的关键，要遵守使用规则； (2)要掌握水沸腾时的特点：吸热但温度保持不变；
(3)根据沸点与气压的关系得出当时气压与标准气压的关系；使用温度计时，被测温度不能超过温度计的量程，所以要根据水的沸点结合水银和酒精的沸点进行选择。 此题是探究水的沸腾，主要通过对图象的分析考查了对沸点概念的理解及水沸腾时的特点。
19.【答案】8 =
【解析】解：(1)由图可知，小车在0～2𝑠及4～10𝑠内，所通过的路程与时间成正比，故小车在0～2𝑠及4～10𝑠内做匀速直线运动，所以小车做匀速直线运动的时间为：2𝑠+
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(10𝑠−4𝑠)=8𝑠；
(2)由图可知，小车在0～4𝑠内通过路程𝑠1=4𝑚，在6～10𝑠内通过的路程𝑠2=10𝑚−6𝑚=4𝑚，
1
所以，小车在0～4𝑠内的平均速度：𝑣1=𝑡=
1
𝑠4𝑚4𝑠4𝑚
=1𝑚/𝑠，
2
小车在6～10𝑠内通过的平均速度：𝑣2=𝑡=10𝑠−6𝑠=1𝑚/𝑠，
2
𝑠
则𝑣1=𝑣2。
故答案为：(1)8；(2)=。
𝑠−𝑡图像的观察主要要抓住横、纵轴的物理含义：𝑠−𝑡图像的横轴表示时间，纵轴表示路程，斜率表示速度。从图中获取时间和路程，再来判断得出答案。
本题主要考查学生对图像的信息获取能力，用图像来研究物理问题是比较常见的方法，平时学习时不要对图像掉以轻心。
20.【答案】1 1 等于 2×103
【解析】解：(1)由图甲可知，𝐺=2𝑁，丙的弹簧测力计的示数𝐹=1𝑁， 水对物块产生的浮力𝐹浮=𝐺−𝐹=2𝑁−1𝑁=1𝑁；
(2)物块排开的水体积𝑉=300𝑚𝐿−200𝑚𝐿=100𝑚𝐿=1×10−4𝑚3，
33−43
物块排开的水重𝐺排=𝑚排𝑔=𝜌水𝑉水𝑔=1.0×10𝑘𝑔/𝑚×10𝑁/𝑘𝑔×1×10𝑚=
1𝑁，
(3)从这个实验可知，物块在水中受到的浮力等于物块排开水受到的重力，即𝐹浮=𝐺排， (4)由图甲可知，水对物块产生的浮力𝐹浮=1𝑁； 由𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排可知，物体的体积：𝑉=𝑉排=𝜌物体的质量𝑚=𝑔=10𝑁/𝑘𝑔=0.2𝑘𝑔； 物体的密度：𝜌=
𝑚𝑉𝐺
2𝑁
𝐹浮𝑔水
=1×10−4𝑚3，
=
0.2𝑘𝑔1×10−4𝑚3
=2×103𝑘𝑔/𝑚3；
故答案为：(1)1；(2)1；(3)等于；(4)2×103。
(1)比较实验甲与丙的弹簧测力计的示数，利用𝐹浮=𝐺−𝐹求得浮力，然后可得出结论； (2)由𝐺排=𝑚排𝑔可求得物块排开的水重； (3)比较𝐹浮与𝐺排的关系；
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𝑚
(4)根据𝐹浮=𝐺−𝐹计算出在水中受到的浮力；根据𝑚=𝑔计算出其质量；由𝜌=𝑉计算𝐺
出物体的密度。
此题是“阿基米德原理”实验，同时考查了有关浮力公式的应用。
21.【答案】感应电流的方向是否与磁场的方向有关 感应电流的大小不同 感应电流的
大小与导体的运动快慢有什么关系？
【解析】解：(1)①和②的实验中，蹄形磁铁静止，金属棒AB都水平向右运动，调换蹄形磁铁的N、S极，磁场的方向发生了变化，观察灵敏电流计指针的偏转方向，所以探究的是感应电流的方向是否与磁场的方向有关；
(2)灵敏电流计指针偏转角度不同的原因是感应电流的大小不同；
(3)灵敏电流计的偏转方向与电流方向有关，摆动幅度与电流的大小有关，则可以有以下问题：
A、感应电流的大小与导体的运动快慢有什么关系？ B、感应电流的方向与导体的运动方向有什么关系？
故答案为：(1)感应电流的方向是否与磁场的方向有关；(2)感应电流的大小不同；(3)感应电流的大小与导体的运动快慢有什么关系？。
(1)感应电流的方向是与导体运动的方向和磁场的方向有关； (2)灵敏电流计指针偏转角度不同的原因可能是电流的大小不同；
(3)由题干中的说明可知探究应围绕运动状态与电流方向及电流大小关系进行。 此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对感应电流的方向的掌握，是一道基础题。
22.【答案】0.75 灯泡的电阻受温度影响发生变化
【解析】解：(1)原实物图中只缺少电压表一根线，连上线后电压表与灯泡并联，因为小灯泡的额定电压为2.5𝑉，所以电压表选用0−3𝑉的量程，具体连线见下图：
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；
(2)由图乙坐标系读出𝑈额=2.5𝑉时𝐼=0.3𝐴，小灯泡的额定电功率为： 𝑃额=𝑈额𝐼=2.5𝑉×0.3𝐴=0.75𝑊；
(3)小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，说明灯泡的电阻受温度影响发生变化。
故答案为：(1)见上图；(2)0.75；(3)灯泡的电阻受温度影响发生变化。 (1)根据小灯泡的额定电压判断出电压表的量程，且电压表与灯泡并联； (2)根据图乙坐标系读出𝑈=2.5𝑉时的电流𝐼=0.3𝐴，用公式𝑃=𝑈𝐼计算即可； (3)灯泡电阻受温度影响，不是定值。
本题考查了连接实物电路图、电功率计算以及影响电阻的因素等知识，是实验的常考问题，一定要掌握。
𝐼电熨斗=𝐼导线，𝑅电熨斗>【答案】电熨斗在使用时，电熨斗和导线串联，通电时间t相同，23.
𝑅导线，根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，电流产生的热量𝑄电熨斗>𝑄导线，从而出现通电一段时间后电熨斗变得很烫、而连接电熨斗的导线却不怎么热的现象
【解析】解：电熨斗在使用时，电熨斗和导线串联，𝐼电熨斗=𝐼导线，通电时间t相同，𝑅电熨斗>𝑅导线，根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，电流产生的热量𝑄电熨斗>𝑄导线，从而出现通电一段时间后电熨斗变得很烫、而连接电熨斗的导线却不怎么热的现象。
𝐼电熨斗=𝐼导线，𝑅电熨斗>故答案为：电熨斗在使用时，电熨斗和导线串联，通电时间t相同，𝑅导线，根据𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，电流产生的热量𝑄电熨斗>𝑄导线，从而出现通电一段时间后电熨斗变得很烫、而连接电熨斗的导线却不怎么热的现象。
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电熨斗和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律𝑄=𝐼2𝑅𝑡可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断。
本题考查了学生对焦耳定律、串联电路电流特点的了解和掌握，知道导线和电熨斗连接方式为串联是本题的关键。
24.【答案】换用不同阻值的定值电阻𝑅2 调节滑动变阻器滑片P的位置，使电流表的
示数与②中相同 UI
【解析】解：(1)探究“当通过电阻的电流保持不变时，电阻的阻值越大电阻消耗的电功率越大”，要控制电路中的电流不变，改变导体的电阻大小，记下电阻的电压大小，根据𝑃=𝑈𝐼求出导体的电功率，为得出普遍性的规律要多次测量，步骤为：
①按电路图连接各元件，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片至适当位置，将电压表示数U、电流表示数I和电阻𝑅1的值记录在表格中；
②断开开关S，换用不同阻值的定值电阻𝑅2，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P的位置，使电流表的示数与②中相同，将相关数据记录在表格中 ③仿照步骤②再做一次实验；
④利用公式𝑃=𝑈𝐼分别计算出电阻消耗的功率，并把数据记录在表格中。 (2)根据测量的物理量设计记录数据的表格，如下所示：
𝑅/𝛺 𝐼/𝐴 𝑈/𝑉 𝑃/𝑊 故答案为：(1)②换用不同阻值的定值电阻𝑅2；调节滑动变阻器滑片P的位置，使电流表的示数与②中相同； ④𝑈𝐼； (2)如上表格。
(1)探究“当通过导体的电流一定时，导体的电功率跟导体电阻的关系”，要控制电路中的电流不变，改变导体的电阻大小，记下电阻的电压大小，根据𝑃=𝑈𝐼求出导体的电功率，为得出普遍性的规律要多次测量，据此分析回答 (2)根据测量的物理量设计记录数据的表格。
本题探究“当通过电阻的电流保持不变时，电阻的阻值越大电阻消耗的电功率越大”，
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考查操作过程、控制变量法及表格的设计能力。
25.【答案】解：(1)由电路图可知，𝑅1与𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，𝑈2=2𝑉，
电流表测电路中的电流。
当开关S闭合后，电流表示数为0.4𝐴，所以通电10s电阻𝑅1产生的热量： 𝑄1=𝐼2𝑅1𝑡=(0.4𝐴)2×10𝛺×10𝑠=16𝐽； (2)根据𝐼=𝑅知𝑅2的阻值为： 𝑅2=
𝑈2𝐼
𝑈
=
2𝑉0.4𝐴
=5𝛺；
(3)由𝑈=𝐼𝑅可得：
𝑈1=𝐼𝑅1=0.4𝐴×10𝛺=4𝑉，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压为： 𝑈=𝑈1+𝑈2=4𝑉+2𝑉=6𝑉， 电路消耗的总功率为： 𝑃=𝑈𝐼=6𝑉×0.4𝐴=2.4𝑊。
答：(1)通电10s电阻丝𝑅1产生的热量为16J； (2)𝑅2的阻值为5𝛺；
(3)电路消耗的总功率为2.4𝑊。
【解析】(1)由图知，𝑅1与𝑅2串联，电压表测𝑅2两端的电压，电流表测电路中电流，已知开关闭合后电流表示数，由焦耳定律计算通电10s电阻𝑅1产生的热量； (2)根据𝐼=𝑅算出𝑅2的阻值；
(3)由欧姆定律计算𝑅1两端电压，再由串联电路电压特点计算电源电压，根据𝑃=𝑈𝐼算出电路消耗的总功率。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律公式的应用，属于一道基础题。
𝑈
26.【答案】解：(1)物体上升的速度：𝑣物=𝑡=
由图知：𝑛=2，绳子自由端移动的速度： 𝑣=2𝑣物=2×0.2𝑚/𝑠=0.4𝑚/𝑠； (2)由𝑃=
𝑊𝑡
ℎ1𝑚5𝑠
=0.2𝑚/𝑠，
=
𝐹𝑠𝑡
=𝐹𝑣可知，绳子自由端拉力的大小：
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𝐹=𝑣=0.4𝑚/𝑠=400𝑁，
不计摩擦和绳重，拉力𝐹=2(𝐺+𝐺动)，则动滑轮重： 𝐺动=2𝐹−𝐺=2×400𝑁−720𝑁=80𝑁；
(3)由于力的作用是相互的，人受到的拉力𝐹拉=𝐹=400𝑁， 该工人对地面的压力：
𝐹压=𝐺人−𝐹拉=700𝑁−400𝑁=300𝑁；
(4)当工人施加的拉力最大，等于绳子能够承受的最大拉力，𝐹′=500𝑁，此时滑轮组的机械效率最大，
1
若不计摩擦和绳重，由𝐹′=2(𝐺最大+𝐺动)可得，物体的最大重力：𝐺最大=2𝐹′−𝐺动=
1
𝑃160𝑊
2×500𝑁−80𝑁=920𝑁， 则滑轮组的最大机械效率： 𝜂=
𝑊有用𝑊总
=
𝐺最大ℎ𝐹′𝑠
=𝐹′×2ℎ=
𝐺最大ℎ𝐺最大2𝐹′
=2×500𝑁×100%=92%。
920𝑁
答：(1)绳子自由端的速度为0.4𝑚/𝑠； (2)动滑轮重为80N；
(3)该工人对地面的压力300N；
(4)工人利用该滑轮组提升重物的最大机械效率为92%。
【解析】(1)先利用速度公式求物体上升的速度，由图知，𝑛=2，绳子自由端移动的速度𝑣=2𝑣物；
(2)利用𝑃=𝐹𝑣求绳子自由端拉力的大小，不计摩擦和绳重，拉力𝐹=2(𝐺+𝐺动)，据此求动滑轮重；
(3)由于力的作用是相互的，人受到的拉力对于绳子自由端的拉力，该工人对地面的压力对于工人的重力减去拉力；
(4)当工人施加的拉力最大，等于绳子能够承受的最大拉力，此时滑轮组的机械效率最大；若不计摩擦和绳重，利用𝐹′=2(𝐺最大+𝐺动)可求物体的最大重力，此时滑轮组的最大机械效率𝜂=
𝑊有用𝑊总
1
1
=
𝐺最大ℎ𝐹′𝑠
=𝐹′×2ℎ=
𝐺最大ℎ𝐺最大2𝐹′
。
本题考查了速度公式、功率公式、机械效率公式的应用，注意：不计摩擦和绳重，拉力
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𝐹=(𝐺+𝐺动)，具有一定的难度，解题过程中一定要认真分析。
2
1
27.【答案】300 4 根据原子释放能量时发出电磁波的振荡周期来计时
【解析】解：(1)卫生是靠电磁波传递信息的，电磁波在真空中的传播速度是𝑣=3×108𝑚/𝑠，当误差为1.0×10−6𝑠时，将导致的距离误差是：𝑠=𝑣𝑡=3×108𝑚/𝑠×1.0×10−6𝑠=300𝑚；
(2)由材料内容可知，卫星定位需要接收机收到至少4颗卫星信号；
(3)由材料内容可知，原子钟是根据原子释放能量时发出电磁波的振荡周期来计时的； (4)北斗全球卫星导航系统给人们生活带来的便利有：定位导航、灾害监测、工程建设、海洋开发、电子商务、智能手机、智能穿戴、居家养老等。
故答案为：(1)300；(2)4；(3)根据原子释放能量时发出电磁波的振荡周期来计时；(4)定位导航、灾害监测、工程建设、海洋开发、电子商务、智能手机、智能穿戴、居家养老等。
(1)根据电磁波的传播速度和时间，利用公式𝑠=𝑣𝑡可计算导致的距离误差； (2)结合材料中的描述可得出答案
(3)原子钟是根据原子释放能量时发出电磁波的振荡周期来计时的；
(4)同样结合材料中的描述和生活实际可说出卫星导航给人们的生活带来的便利。 本题主要通过对材料的阅读找出其中包含的物理知识，并能将知识与应用相结合是解答的关键。
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